Astronomie
Losungen zu den Aufgaben
Richard Reindl
Die aktuellste Version der Aufgaben findet man unter
http://www.stbit.de
Das Werk steht unter einer Creative Commons- Namensnennung- Nicht-kommerziell- Weitergabe unter gleichen Bedingungen 3.0 Unported Lizenz
http://creativecommons.org/licenses/by-nc-sa/3.0/deed.de
3. Marz 2015
1 GK Astronomie - Aufgaben
1 Grundlagen der Astronomie
1.1 Geschichtliches
1.1.1. R =b
ϕ=
800 km
7,2 · π180
≈ 6,4 · 103 km
Schiffe, kreisformiger Schatten bei Mondfinsternissen
heute: Blick aus einem Raumschiff
1.1.2.ES
EM=
1
cosϕ= 19,1; in Wirklichkeit:
ES
EM=
1,496 · 108km3,844 · 105 km = 389
cosϕ′ =EM
ES=
3,844 · 105 km1,496 · 108km = 0,00257 =⇒ ϕ′ = 89,85◦
Ein kleiner Fehler beim Winkel bewirkt einen sehr großen Fehler im Verhaltnis ESEM
.
1.1.3. MAPLE-Befehle:
w1 := 2*Pi; w2 := 8*Pi; r1 := 1.5; r2 := 0.6;
x := t -> r1*cos(w1*t)+r2*cos(w2*t);
y := t -> r1*sin(w1*t)+r2*sin(w2*t);
plot([x(t),y(t),t=0..1],-2.1..2.1,-2.1..2.1,scaling=constrained);
−1 1 2
−2
−1
1
2
x
y
1.2 Das heutige astronomische Weltbild
1.2.1. a =1AE
tan 1′′= 206264,80624548AE b =
1AE
sin 1′′= 206264,80624790AE
b− a = 2,42 · 10−6AE = 363 km =⇒ δrel =b− a
b= 1,2 · 10−11
1.2.2.
LJ Parsec AE m ϕ
Sirius 8,65 2,65 5,47 · 105 8,18 · 1016 0,377′′
ε-Eridani 10,8 3,30 6,81 · 105 1,02 · 1017 0,303′′
Barnards Stern 5,98 1,83 3,78 · 105 5,66 · 1016 0,545′′
α-Centauri 4,35 1,33 2,75 · 105 4,11 · 1016 0,750′′
Altair 16,5 5,05 1,04 · 106 1,55 · 1017 0,198′′
1.3 Die Erde als Bezugssystem fur Beobachtungen
1.3.1. (a) Mit dem Erdradius R = 6,378 · 106m und ϕ = 47◦27′ gilt
Bg = R · 1◦ = 111,3 km Bm =Bg
60= 1855m Bs =
Bm
60= 30,92m
Lg = Bg cosϕ = 75,28 km Lm = Bm cosϕ = 1255m Ls = Bs cosϕ = 20,91m
2
1 GK Astronomie - Aufgaben
(b) 1 cm der Karte entspricht ∆x = 25 000 cm = 250m.
∆ϕcm =
(∆x
Bs
)′′
= 8,085′′ ∆λcm =
(∆x
Ls
)′′
= 11,96′′
(c) ∆x sei die Entfernung von P zu G in Ost-West- und ∆y in Nord-Sudrichtung:
ϕG = 47◦30′ − 2,7∆ϕcm = 47◦29′38′′ λG = 11◦ + 30,8∆λcm = 11◦6′8′′
ϕP = 47◦24′ + 18,7∆ϕcm = 47◦26′31′′ λP = 11◦20′ − 23,2∆λcm = 11◦15′23′′
∆xcm =λP − λG
∆λcmcm = 46,4 cm ∆x = 46,4 · 250m = 11,6 km
∆ycm =ϕG − ϕP
∆ϕcmcm = 23,1 cm ∆y = 23,1 · 250m = 5,78 km
GP =√∆x2 +∆y2 = 13,0 km
(d) tanα′ =∆x
∆y=⇒ α′ = 63,49◦
tanβ′ =∆y
∆x=⇒ β′ = 26,51◦
α = 180◦ − α′ −A = 44,86◦
β = 90◦ − β′ − |A′| = 20,99◦
ε = 180◦ − α− β = 114,15◦
Sinussatz:
a = c · sinαsin ε
= 10,01 km= 40,04 cm = acm
b = c · sinβsin ε
= 5,086 km= 20,34 cm = bcm
G
P
A
|A′|β
α
a
b
c
W
β′
α′
ε
∆x
∆y
∆xW
∆yW
∆xW = a sin |A′| = 6,766 km= 27,06 cm= 27,06 ·∆λcm = 325′′ = 5′25′′ = ∆λW
∆yW = a cos |A′| = 7,383 km= 29,53 cm= 27,06 ·∆λcm = 239′′ = 3′59′′ = ∆ϕW
ϕW = ϕG −∆ϕW = 47◦25′39′′ λW = λG +∆λW = 11◦11′32′′
HW = 920m+ b tanh = 2298m
1.3.2. (a) T = 43080 s,mv2
r=
m · 4π2r2
rT 2=
GmM
r2=⇒ r =
3
√GMT 2
4π2= 2,66 · 104 km
h = r −R = 2,02 · 104 km
(b) Die Kugel um den Satel-liten Si mit Radius ri istKi (i ∈ {1, 2, 3}). DerKreis K ist die Schnitt-menge von K1 und K2.Die Schnittpunkte von K
und K3 sind P1 und P2.P1 liegt an der Erdober-flache, P2 im Weltall.
S1
K1
P1
K
S2
K2
P2
S3
K3
Erde
3
1 GK Astronomie - Aufgaben
(c) Die wahre Ankunftszeit des Signals beim Empfanger ist tAtom = t − δt, die Zeit des Signals❥i vom Satelliten bis zum Empfanger also ∆ti = c(ti − δt− Ti).
(X1 − x)2 + (Y1 − y)2 + (Z1 − z)2 = c2(t1 − δt− T1)2
(X2 − x)2 + (Y2 − y)2 + (Z2 − z)2 = c2(t2 − δt− T2)2
(X3 − x)2 + (Y3 − y)2 + (Z3 − z)2 = c2(t3 − δt− T3)2
(X4 − x)2 + (Y4 − y)2 + (Z4 − z)2 = c2(t4 − δt− T4)2
(d) Mit T1 = T2 = T3 = T4 = 0 und den angegebenen Werten lautet die Losung des Gleichungs-systems:
x = 4234511,7m, y = 837860,2m, z = 4698819,5m, δt = 2,123456778 s
(e) Es gilt, das Gleichungssystem
x = r cosϕ cosλ (1)
y = r cosϕ sinλ (2)
z = r sinϕ (3)
nach den Unbekannten ϕ, λ und r aufzulosen. Die Hohe ist dann h = r − RErde.
(2)
(1): tanλ =
y
x=⇒ λ = 11,1192◦
(3)
(2): tanϕ =
z sinλ
y=⇒ ϕ = 47,4276◦
(3) : r =z
sinϕ= 6 380 596m =⇒ h = 2296m
Der Epfanger befindet sich auf der oberen Wettersteinspitze.
1.3.3. (a) Der Schnittpunkt des Meridians vom Nordpol uber Gree-wich zum Sudpol mit dem Aquator ist der Sudpunkt S.Der Ursprung unseres Koordinatensystems ist der Erdmit-telpunkt, die x1-Achse zeigt zu S, die x3-Achse zum Nord-pol. Die Einheitsvektoren, die von M nach N (Nurnberg)bzw. V (Vancouver) zeigen sind R α
O
NV
−→V 0
−→N 0
−→P 1
P
−→N 0 =
cosϕ cosλ1
cosϕ sinλ1
sinϕ
=
0,639900,125540,75813
und
−→V 0 =
cosϕ cosλ2
cosϕ sinλ2
sinϕ
=
−0,35516−0,546900,75813
−→P1 =
−→N 0 +
−→V 0 =
0,28474−0,421351,51627
,
−→P0 =
−→P 1
|−→P 1|=
0,17804−0,263460,94810
Mit R = 6380 km folgt
−→P = R
−→P 0 =
1136−16816049
km
Fur die geografischen Koordinaten ϕ′
und λ′ von P gilt
−→P 0 =
cosϕ′ cosλ′
cosϕ′ sinλ′
sinϕ′
ϕ′ = sin−1 0,94810 = 71,46◦
λ′ = sin−1 −0,26346
cosϕ′= −55,95◦
NV
Gronland
0◦
49◦
P
4
1 GK Astronomie - Aufgaben
(b) cosα =
−→N0 ·
−→V 0
1 · 1 = 0,278843 =⇒ α = 1,2882 = 73,81◦
Der kurzeste Weg von N nach V auf der Erdoberflache hat die Langes = Rα = 6380 km · 1,2882 = 8219 kmDer Breitenkreis hat den Radius r =R cosϕ, die Strecke Nurnberg–Vancouverauf dem Breitenkreis ist
b = r(λ1 − λ2) = 9737 km
N
V
λ1
λ2
rr
R
ϕ
ϕ
O
N
N
VV α
α
∆λ
∆λ
r
R
Breitenkreis
Großkreis
Kreisbogen in einer Ebene gezeichnet:
1.3.4. 1◦ = 4min, 1′ = 4 s, 1′′ =1
15s, 15◦ = 1 h, 0,25◦ = 1min,
15◦
240= 1 s
Bogenmaß Dezimalgrad x◦y′z′′ Zeitmaß
α 1,345 77,06282◦ 77◦ 3′ 46′′ 5h 8min 15s
β 0,7215 41,34◦ 41◦ 20′ 24′′ 2h 45min 21,6s
γ 0,43046 24,663◦
24◦ 39′ 48′′ 1h 38min 39,2s
δ 1,1767 67,42083◦
67◦ 25′ 15′′ 4h 29min 41s
1.3.5. R = 6378 km , tΥ2 = tΥ1 − (λ2 − λ1) ·1 h
15◦= 3h 21min 9,6s
~r1 =
cosϕ1 cosλ1
cosϕ1 sinλ1
sinϕ1
, ~r2 =
cosϕ2 cosλ2
cosϕ2 sinλ2
sinϕ2
~e0 =
−−→MR∣∣−−→MR
∣∣ = ~r2 − ~r1 =
0,01405059900,5618833297
−0,8270971551
R
M
S
α
β
γ
β′
~e0
~e1
~e2
µ = arccos~r1 · ~r2
|~r1| · |~r2|= 85,89863◦ , s = µR = 9561,986 km , sg = 2R sin
µ
2= 8691,315 km
t10 = t1 + λ1 = 3h 11min 57,00s = 47◦ 59′ 15,00′′
t20 = t2 + λ2 = 3h 10min 0,95s = 47◦ 30′ 14,25′′
~e1 =
−→MS∣∣−→MS
∣∣ =
cos δ1 cos t10cos δ1 sin t10
sin δ1
=
0,654417760,726485760,20965649
~e2 =
−→RS∣∣−→RS
∣∣ =
cos δ2 cos t20cos δ2 sin t20
sin δ2
=
0,657534140,717672130,22933724
5
1 GK Astronomie - Aufgaben
α = arccos(~e0 · ~e1) = 75,877910◦ β = arccos(~e0 · ~e2) = 77,126304◦ γ = β − α = 1,248394◦
MS = sg ·sin(π − β)
sin γ= 388897 km
1.3.6.
~r1 =
cos δ1 cosα1
cos δ1 sinα1
sin δ1
, ~r2 =
cos δ2 cosα2
cos δ2 sinα2
sin δ2
µ = arccos~r1 · ~r2
|~r1| · |~r2|= 19◦ 19′ 59,97′′
1.3.7. (a) Neigung der Erdachse gegen die Bahnebene: ε = 23◦ 26′ 21′′
Breite von Garmisch (WG): ϕ = 47◦ 29′ 38′′
Obere Kulmination der Sonne am 22.06.: h1 = 90◦ − ϕ+ ε = 65◦ 56′ 43′′
Obere Kulmination der Sonne am 22.12.: h2 = 90◦ − ϕ− ε = 19◦ 4′ 1′′
(b)
P
P
M
Q2
Q2 Q1 Q1
U2
U2
U1
U1
t2 t1ϕ
ϕ
Nordpol
Sudpol
S S1
S1
Aquator
εε
εSonneam
22.6.
W
O
r
rr
β
Sonneam
22.12
.
Blick vom Nordpol zum Sudpol
Horizont
Blick von W nach O
OK1
OK1
OK2
OK2
A2 A1
Ist R der Radius der Himmelskugel, dann hat der Parallelkreis zum Aquator, auf dem sichdie Sonne am 22.6. oder 22.12. bewegt, den Radius r = R cos ε.
PQ2 = MPsinϕ = R sin ε sinϕ
cos t1 = cosβ =PQ2
r=
sin ε sinϕ
cos ε= tan ε tanϕ
cos t2 = cos(180◦ − t1) = − cos t1 = − tan ε tanϕ
Im festen Aquatorsystem gilt mit ϕ′ = ϕ− 90◦:
−−→MU2 =
cos ε cos t2cos ε sin t2
sin ε
,
−→MS =
cosϕ′ cos 0cosϕ′ sin 0
sinϕ′
=
cosϕ′
0sinϕ′
Fur den Azimut des Untergangspunktes im Horizontsystem gilt:
cosA2 =−−→MU2 ·
−→MS = cos ε cos t2 cosϕ
′ + sin ε sinϕ′ =
= cos ε cos t2 sinϕ− sin ε cosϕ =
= − cos ε tan ε tanϕ sinϕ− sin ε cosϕ = − sin ε
cosϕ
Allgemein gilt fur den Azimut A des Sonnenuntergangspunktes im Horizontsystem eines Ortesauf der Nordhalbkugel (Breite ϕ), wenn δ die Deklination der Sonne ist:
cosA = − sin δ
cosϕ
Garmisch, 22.06.: δ = ε, A = 126◦ 3′ 57′′ , 22.12.: δ = −ε, A = 53◦ 56′ 3′′
6
1 GK Astronomie - Aufgaben
1.3.8. (a) 50%, 50%
(b) 0%, 100%
(c) A = 2Rπ h = 2Rπ (R−R cosϕ)
z =A
4 π R2=
1− cosϕ
2= 16,2%
s = 1− z = 83,8%
A
R
R
ϕ
N
h
Horizont
Aquator
1.3.9. (a) β = T · 360◦
365,25 d
(b) hmax = 90◦ − ϕ+ δ = 25◦ 51′
(c) Um Mitternacht steht die Sonne im unteren Kulmina-tionspunkt, ihre Rektaszension ist als um 12h großerals die von Sirius:
αS = α+ 12 h = 280,7364◦
β = arctantanαS
cos ε= 279,87◦
T = β · 365,25 d360◦
= 284 d
284 d nach dem 21.3. ist der 30.12.
Z
ϕϕ
N
hδ
Horizont
Aquator
1.4 Instrumente zur Beobachtung
1.4.1. (a) DS =b · 1AE
f= 1,39 · 109 m, S′ = S · d
2
b2= 3,43 · 104 W
m2
(b) V = 100 dm3 = 0,1m3, m = 100 kg, C = 4,19 · 103 J
kgK, ∆T = 80K, ∆t = 600 s
Radius der Wasserkugel:
R =3
√3V
4π= 0,288m
Die in den Spiegel einfallende Leistung muss gleich der zur Erwarmung benotigten Leistungsein:
SD2π
4=
mC∆T
∆t=⇒ D =
√4mC∆T
Sπ∆t= 7,21m
f =2Rr
DS= 61,9m
1.4.2. (a) D = a+ 2L tan ε = a+2L sin ε
cos ε= a+
2L sin ε√1− sin2 ε
= a+2Lb1λ
a
√1− b21λ
2
a2
= a+2Lb1λ√a2 − b21λ
2
Wegenb21λ
2
a2≪ 1 fur a ≫ λ gilt 1− b21λ
2
a2≈ 1 und damit
D ≈ a+2Lb1λ
a
(b) a1 = 0,005m, a2 = 10m
D1 = D(a1) = 1,2 · 102 km, D2 = D(a2) = 70m
D′(a) =dD(a)
da= 1− 2Lb1λ
a2
D′(a0) = 0 =⇒ a0 =√2Lb1λ = 24,5m Dmin = D(a0) = 49m
7
1 GK Astronomie - Aufgaben
1.4.3. leer
1.4.4. (a) Zerstreuungslinse:
f2 < 0 =⇒ |f2| = −f2
feff
f1=
B2
B1=
b− f2
−f2=
f2 − b
f2
Bei der Abbildung an der Zerstreuungslinseist die Bildweite b und die Gegenstandsweite(rechts von der Linse negativ)
g = −(f1 − a) = a− f1
feff
f1 F1
B1
B2
Linsengleichung:
1
b+
1
g=
1
f2=⇒ 1
b=
1
f2+
1
f1 − a
b =f2(f1 − a)
f1 + f2 − a
feff =f1(f2 − b)
f2=
f1f2
f1 + f2 − a f1
a
F1F2
B1
B2
b
f1 − a|f2|
(b) Aus den beiden letzten Gleichungen folgt
f2
f1 + f2 − a=
b
f1 − a=⇒ feff =
f1b
f1 − a=⇒ f1 =
afeff
feff − b= 5,14m
D′
D=
b
b+ a=⇒ D′ =
bD
b+ a= 137m
(c) Winkelauflosung mit λ = 500 nm:
δ = 1,22λ
D= 2,5 · 10−7 ≈ 0,05′′
A = δfeff = 14µm
Große des Gesichts original G1 und G2, auf der Platte B1 und B2, g = 5000m:
B1 =G1feff
g
Mit der Pixelflache K2 folgt dann fur die Zahl der Pixel
n =G1G2f
2eff
g2K2= 1,1 · 104
1.4.5. Die Normale n steht senkrecht auf derSpiegeloberflache. Die Gerade g stehtfur den reflektierten Strahl, t ist dieTangente an den Spiegel im Reflexions-punkt. Die Steigung von t ist
mt = tanα = f ′(x1) = 2ax1
Die Steigung von g ist
m = − tan(π2− 2α
)= − 1
tan(2α)=
= −1− tan2 α
2 tanα= −1− 4a2x2
1
4ax1
Die Gleichung von g durch den Reflexi-onspunkt (x1 | ax2
1) ist
t
x
y
f
F
O
α
αα
2α
π
2− 2α
g
n
y2
8
1 GK Astronomie - Aufgaben
g : y = mx+ ax21 −mx1
Schnittpunkt von g mit der y-Achse bei
y2 = g(0) = ax21 −mx1 = ax2
1 −1− 4a2x2
1
4a=
1
4a
Da y2 unabhangig von x1 ist, schneiden sich alle reflektierten Strahlen im Brennpunkt
F (0 f) mit der Brennweite f =1
4a.
1.4.6. Winkel, unter dem die Sterne erscheinen:
α =a
r=
2,45AE
40 LJ9,7 · 10−7 = (0,, 0033′
Beobachtungswinkel (Auflosung des Auges): β ≈ 1′. Vergroßerung v des Teleskops:
v =tanβ
tanα≈ β
α= 300 =
f1
f2=⇒ f1 = 300f2 = 2,4m
Mit λ ≈ 600 nm folgt
D =1,22λ
sinα≈ 76 cm
1.5 Gravitation
1.5.1. Die Gesamtkraft auf eine Testmasse m am gesuchtenOrt P muss null sein:
GMEm
x2=
GMMm
y2
P MMME
a
x y
m
Mit y = a− x folgt
ME(a− x)2 = MMx2 =⇒ |a− x|√
ME = |x|√MM
Da a− x > 0 und x > 0 gilt
(a− x)√
ME = x√MM =⇒ x =
a√ME√
ME +√MM
=a
1 +√
MM
ME
Mit ME = 5,97 · 1024 kg, MM = 7,35 · 1022 kg und a = 3,84 · 105 km folgt
x = 0,900 · a = 3,45 · 105 km
1.5.2. (a)m
2v21 −
GmMS
R= 0 =⇒ v1 =
√2GMS
R= 42,1
km
s
(b)m
2v2FS −
GmMS
R− GmME
RE= 0 =⇒ vFS =
√2G
(MS
R+
ME
RE
)= 43,6
km
s
(c) Es muss sein: ~vF + ~vE = ~vFS mit |~vFS| = vFS.
Fur den Betrag vF gilt dann
in Richtung von ~vE : vF = vFS − vE = 13,8km
s
senkrecht zu ~vE : vF =√v2FS − v2E = 31,8
km
s
entgegen ~vE : vF = vFS + vE = 73,4km
s
~vF
~vF
~vF
~vE
~vE
~vE
~vFS
~vFS
~vFS
9
1 GK Astronomie - Aufgaben
1.5.3. (a) M = V =4πR3
3=⇒ R = 3
√3M
4π= 13,8 km
g =GM
R2= 6,98 · 1011 m
s2= 7,11 · 1010g
(b) g =GM
R20
=4πGR
3=⇒ R0 =
3g
4πG= 1,9 · 10−7m
(c)
∆g(r) = GM
(1
r2− 1
(r + h)2
)=
GM(2rh+ h2)
r2(r + h)2=
GMh(2r + h)
r2(r + h)2
Fur h ≪ r gilt r + h ≈ r und 2r + h ≈ 2r:
∆g(r) ≈ 2GMh
r3=: ∆gn(r)
∆g(r) −∆gn(r)
∆g(r)= 1− ∆gn(r)
∆g(r)= 1− 2(r + h)2
r(2r + h)= −h(3r + 2h)
r(2r + h)≈ −3h
2r
r = 100 km =⇒ ∆g(r)−∆gn(r)
∆g(r)= −2,7 · 10−5
∆g(r) ≈ 2GMh
r3= 100 · gErde =⇒ r = 3
√GMh
50gErde= 787 km
1.5.4. Der Schwerpunkt S des SystemsErde-Mond hat vom Erdmittel-punkt die Entfernung s:
MEs = MM(R − s) =⇒
s =MMR
ME +MM= 4,66 · 106m,
liegt also innerhalb der Erde.Das Systems rotiert mit der Win-kelgeschwindigkeit
MM
ME
RE
S
s
R
1 2
RE = 6,38 · 106 m
R = 3,84 · 108 m
ω =2π
T= 2,66 · 10−6 1
s
Krafte, die vom Erdmittelpunkt weg zeigen, sollen positiv sein:
F1 = mω2(RE + s)− GMMm
(R+RE)2= 4,61 · 10−5 m
s2·m (1)
F2 = mω2(RE − s)− GMMm
(R−RE)2= 4,66 · 10−5 m
s2·m (2)
Auf beiden Seiten wirkt also eine fast gleich große, vom Erdmittelpunkt nach außen zeigende Kraft.
1.6 Umlaufbahnen
1.6.1. M = MErde = 5,974 · 1024 kg, R = RErde,Aquator = 6,378 · 106m
”Zentripetalkraft gleich Gravitationskraft“ und r = R+ a:
mv2
r=
GmM
r2=⇒ v2 =
4π2r2
T 2=
GM
r=⇒ r =
3
√GMT 2
4π2
Mit T = 24 h = 86400 s folgt r = 4,225 · 104 km und a = r −R = 3,587 · 104 km.
Streng genommen betragt die Rotationsdauer der Erde in einem Inertialsystem
T ′ =365,25
366,25· T = 86164 s.
10
1 GK Astronomie - Aufgaben
Damit folgt r = 4,217 · 104 km und a = r −R = 3,579 · 104 km.
v =2πr
T ′= 3081
m
s(3072
m
smit T )
F =GMm
r2= 0,2234
m
s2·m
Er fuhlt sich schwerelos, weil in seinem (rotierenden) Bezugssystem die nach aussen wirkende
Zentrifugalkraft die Schwerkraft exakt aufhebt.
1.6.2. In einem Inertialsystem (nicht beschleunigtes, d.h. auch nicht rotierendes System) gilt:Zentripetalkraft gleich Gravitationskraft. Das nicht rotierende System S, in dem der Erdmittel-punkt ruht, ist naherungsweise ein Inertialsystem.Mit R = RErde = 6,378 · 106 m und r = R+ h = 6,578 · 106m folgt
mv2
r=
GMm
r2=⇒ v =
√GM
r= 7,78
km
s
v0 sei die Abschussgeschwindigkeit des Satelliten im Inertialsystem S:
m
2v20 −
GMm
R=
m
2v2 − GMm
r=⇒ v0 =
√v2 + 2GM
(1
R− 1
r
)
u ist die Geschwindigkeit, mit der sich der Abschus-sort relativ zu S bewegt, v′0 die Abschussgeschwin-digkeit relativ zur Erdoberflache:
v20 = v′20 + u2 − 2v′0u cosϕ′
Wegen cosϕ′ = cos(180◦ − ϕ) = − cosϕ ist
v20 = v′20 + u2 + 2v′0u cosϕ
v′20 + 2v′0u cosϕ = v20 − u2
u
u
v0
v′0
ϕ
ϕ′
v′0 = −u cosϕ +(−)
√v20 − u2 sin2 ϕ
Abschuss am Nord- oder Sudpol (u = 0):
v′0 = v0 = 8,02km
s
Am Aquator ist
u =2Rπ
24 · 3600 s = 0,464km
s
Abschuss am Aquator senkrecht nach oben (ϕ = 90◦):
v′0 =√v20 − u2 = 8,01
km
s
Abschuss am Aquator tangential zur Erdoberflache nach osten (ϕ = 0◦):
v′0 = v0 − u = 7,56km
s
Abschuss am Aquator tangential zur Erdoberflache nach westen (ϕ = 0◦):
v′0 = v0uu = 8,45km
s
1.6.3. (a) a =1
2(560 + 21400)km+RE = 1,736 · 107 m, T =
√4π2a3
GME= 2,275 · 104 s
11
1 GK Astronomie - Aufgaben
(b) Daten der Bahnellipse:
r0 = 560 km+ RE = 6,983 · 106mr1 = 2a− r0 = 2,778 · 107m
e =a− r0
a= 0,600
b =√a2 − d2 = a
√1− e2 = 1,388 · 107m
d = ea = 1,041 · 107 mp = r0(1 + e) = 1,110 · 107 mGleichung der Ellipse:
x2
a2+
y2
b2= 1 =⇒ y = ±b
√1− x2
a2
x
y
1 · 107 m
−1 · 107 m
(c) v0 =
√GME ·
(2
r0− 1
a
)= 9593
m
s, v1 =
√GME ·
(2
r1− 1
a
)= 2396
m
s
1.6.4. (a)T 22
T 21
=r32r31
=⇒ T2 = T1
√r32r31
= 20 d ·
√(9
4
)3
= 20 d · 278
= 67,5 d
(b) a =r1 + r2
2= 325 000 km
T 2
T 21
=a3
r31=⇒ T = T1
√a3
r31= 20 d ·
√(13
8
)3
= 41,4 d
(c) d = a− r1 = 125 000 km, e =d
a=
5
13≈ 0,385
b =√a2 − d2 =
√9 · 1010 km2 = 300 000 km
1.6.5. (a)T 2Eu
a3Eu
=T 2Io
a3Io= CJup = 4,17 · 10−17 d2
km3=⇒
aEu = 3
√T 2Eua
3Io
T 2Io
= aIo3
√T 2Eu
T 2Io
= 1,59 aIo = 6,71 · 105 km
(b) a =r1 + r2
2= 5 · 105 km
T 2
a3= CJup =⇒ T =
√a3CJup = 2,28 d
d = a− r1 = 3 · 105 km = ea =⇒ e =d
a= 0,6
b =√a2 − d2 = a
√1− e2 = 0,8 a = 4 · 105 km
(c) r4 = ES2 = 2a− r3 = 6,8 · 105 kmk(S1, r3) ∩ k(S2, r4) = {E,F}S1S2 = 2d = 6 · 105 km
r23 + S1S22= 46,24 · 1010 km2
r24 = 6,82 · 1010 km2 = r23 + S1S22
=⇒<) S2S1E = 90◦
A B
C
D
E
F
S1 S2
r3 r4
E’
F’
1.6.6. (a)T 2
a3= C⊙ = 1
a2
AE3=⇒ a = 3
√T 2
C⊙
= 10,335AE
12
1 GK Astronomie - Aufgaben
d = a− r1 = 9,359AE =⇒ b =√a2 − d2 = 4,386AE
r2 = a+ d = 19,694AE
2
2
4
4 6 8 10 12 14 16 18
−2
−4
x
AE
y
AE
(b) d = ea =⇒ rmin = a− d = a(1− e) =⇒ a =rmin
1− e= 187AE
b = a√1− e2 = 18,5AE
T 2
a3= C⊙ = 1
a2
AE3=⇒ T =
√a3C⊙ = 2,56 · 103 a
1.6.7. (a) rmin =c∆tmin
2+RE + RM = 363296 km
rmax =c∆tmax
2+RE +RM = 405504 km
aM =rmin + rmax
2= 384400 km
dM = aM − rmin = 21104 km, eM =dM
aM= 0,0549
bM =√
a2M − d2M = 383820 km
(b) T = dsid = 86164 s,T 2
a3=
T 2M
a3M=⇒ a = aM
(T
TM
) 23
= 42298 km
uber Erdoberflache: x = a−RE = 35920 km
(c) Ein Jahr hat 365,25 24 h-Tage und 366,25 Sterntage:
365,25 · 24 h = 366,25 · dsid
dsid =365,25
366,25· 24 · 3600 s = 86164 s
dsid = 23 h56min 4 s
Sonne
Erde
13
1 GK Astronomie - Aufgaben
1.6.8. (a)T 2A
r3=
T 2B
a3=
64T 2A
a3=⇒ a =
3√64r3 = 4r
d = a− r = 3r =⇒b =
√a2 − d2 =
√16r2 − 9r2 = r
√7 ≈ 2,65r
(b)”Der Strahl Zentralkorper–Umlaufkorper uber-streicht in gleichen Zeiten gleiche Flachen.“
r
B
a
a
d
1
2v1∆t · r =
1
2v2∆t · 7r =⇒ v2 =
v1
7= 1200
m
s
1.6.9. (a) MM +MErde =4π2a3
GT 2= 6,051 · 1024 kg =⇒ MM = 6,051 · 1024 kg−MErde ≈ 7,4 · 1022 kg
(b) Da die Planetenmassen sehr klein gegen die Sonnenmasse M sind, gilt fur zwei Planeten mitden Massen m1 und m2:
T 21
a31=
4π2
G(M +m1)≈ 4π2
G(M +m2)=
T 22
a32
Als Beispiel betrachten wir den Merkur und den Jupiter:
4π2
G(M +MJup)= 1,9829 · 10−29 1
kg,
4π2
G(M +MMer)= 1,9848 · 10−29 1
kg
1.6.10. (a) a =rE + rJ
2= 4,64 · 1011m
v0 =
√GMS ·
(2
rE− 1
a
)= 3,86 · 104 m
s, v1 =
√GMS ·
(2
rJ− 1
a
)= 7,42 · 103 m
s
mv2KrE
=GmMS
rE=⇒ vK =
√GMS
rE= 2,98 · 104 m
s
(b) Umlaufzeit:
T =
√4π2a3
GMS= 1,72 · 108 s
Flugdauer:
∆t =T
2= 8,61 · 107 s = 2 a266 d
1.6.11. (a) Im SP-System:
rL
rS=
4,2
7=
3
5
aS = 5 · 1011m, dS = 3 · 1011m
e =d
a=
3
5
S1S = 2 · 1011m
L1S =3
5· S1S = 1,2 · 1011m
S3S = 8 · 1011m
L3S =3
5· S3S = 4,8 · 1011m
5 · 1011 m 1 · 1012 m
P
❥1❥1
❥2
❥3❥3
0
S
aS
aL
7 cm
4,2 cm
dS
r0S
r0L
(b) im System von S (Stern): r = rL + rS =8
5rS = 1,6rS, a = 1,6aS = 8 · 1011m
M = mS +mL =4π2a3
GT 2= 2,40 · 1031 kg
14
1 GK Astronomie - Aufgaben
mS
mL=
rL
rS=
3
5=⇒ mS +mL = 1,6mL = M
mL = 1,50 · 1031 kg, mS = 0,90 · 1031 kg
(c) Winkelauflosung beim HST:
δ = 1,22 · λ
D= 0,063′′
Fehler bei der Ortsbestimmung in 20LJ Entfernung:
∆a = δ · 20 LJ = 5,8 · 1010 m = 0,072a ≈ ∆a
Da die Winkelauflosung mit VLBI besser ist, berucksichtigen wir nur den Fehler des HST.
Mmax =4π2(a+∆a)3
GT 2= 2,96 · 1031 kg, Mmin =
4π2(a−∆a)3
GT 2= 1,92 · 1031 kg
δrel =Mmax −Mmin
Mmax +Mmin≈ 21%
1.6.12. (a) tanϕ0
2=
R⊙
r0, tan
ϕ1
2=
R⊙
r1
α :=r0
r1=
tan ϕ1
2
tan ϕ0
2
= 0,96715
R⊙
r0 r1
ϕ02
2a
ϕ12
e =r1 − a
a=
2r1 − 2a
2a=
2r1 − r1 − r0
r1 + r0=
r1 − r0
r1 + r0=
1− r0r1
1 + r0r1
=1− α
1 + α= 0,0167
2a = r0 + r1 = R⊙
(1
tan ϕ0
2
+1
tan ϕ1
2
)=⇒ R⊙ = 6,96 · 108m
a = 1AE, b = a√1− e2 = 0,99986 · a
r0 = a(1− e) = 0,9833a, r1 = a(1 + e) = 1,0167a
(b) Da MErde ≪ M⊙ gilt
M⊙ =4π2a3
GT 2= 1,989 · 1030 kg
(c) v0 =
√GM⊙ ·
(2
r0− 1
a
)=
√GM⊙(1 + e)
a(1− e)= 30,3
km
s
v1 =
√GM⊙ ·
(2
r1− 1
a
)=
√GM⊙(1− e)
a(1 + e)= 29,3
km
s
1.6.13. rP = 2500 km, rC = 17500 km, r = rP + rC = 2,0 · 107m, T = 2∆t = 551880 s
M = mP +mC =4π2r3
GT 2= 1,554 · 1022 kg
mP
mC=
rC
rP= 7 =⇒ M = 8mC, mC =
M
8= 1,94 · 1021 kg, mP = 7mC = 1,36 · 1022 kg
1.6.14. (a) Mit der Dopplerformel:
λ1 = λ0
√1− β1
1 + β1=⇒ β1 =
λ20 − λ2
1
λ20 + λ2
1
= 3,8084 · 10−4 =⇒ v1 = β1c = 1,14172 · 105 m
s
λ2 = λ0
√1 + β2
1− β2=⇒ β2 =
λ22 − λ2
0
λ22 + λ2
0
= 2,28499 ·10−4 =⇒ v2 = β2c = 6,85024 ·104 ms
v1 und v2 sind die Umlaufgeschwindigkeiten der beiden Sterne. Zum Zeitpunkt der Messungbewegt sich der schnellere Stern auf den Beobachter zu, der langsamere von ihm weg.
15
1 GK Astronomie - Aufgaben
(b) 2πr = vT =⇒
r1 =v1T
2π= 1,00 · 1010m, r1 =
v2T
2π= 6,00 · 109m, a = r1 + r2 = 1,60 · 1010m
M = m1 +m2 =4π2a3
GT 2= 8,00 · 1030 kg
m1
m2=
r2
r1=
3
5=⇒ M = m1 +m2 =
8
5m2 =⇒
m2 = 5,00 · 1030 kg, m1 = 3,00 · 1030 kg
1.6.15. (a) AS = a(1 + e) = 0,4667AE
SP = a(1− e) = 0,3075AE
tanαmax =AS
1AE= 0,4667
αmax = 0,4366 = 25,0◦
r
rE = 1AE
αmax
S
Erde
AP
(b) Da der Merkur sehr nahe an der Sonne ist, kann er nach Sonnenuntergang nur im Westenbeobachtet werden.
(c)mv2
rS=
GmM
r2Sund v =
2πrSTS
=⇒ 4π2r2ST 2S
=GM
rS=⇒ M =
4π2r3SGT 2
S
= 3,31 · 1023 kg
(d) r = rE −AS = 0,5333AE = 1,978 · 1010m
δ
2≈ tan
δ
2=
R
r=⇒ R ≈ rδ
2= 2,437 · 106m = 2437 km
1.6.16. leer
16
2 Das Sonnensystem
2 Das Sonnensystem
2.1 Aufbau des Sonnensystems
2.1.1. (a) Betrachtet man die Umlaufbahnen von Erde, Venus undMerkur als Kreise mit den Radien
rE = 1AE, rV = 0,7233 rE und rM = 0,3871 rE,
dann erhalt man fur die maximale Elongation der Venus
αV = arcsinrV
rE= arcsin 0,7233 = 46,3◦
und fur den Merkur
αM = arcsinrM
rE= arcsin 0,3871 = 22,8◦
Sonne
V
rV
rE
E
α
(b) Mit a = 0,3871 · rE folgt fur den maximalenElongationswinkel
α1 = arcsina(1 + e)
rE= arcsin 0,4667 = 27,8◦
Steht Merkur im Perihel, ist der maximaleElongationswinkel
α2 = arcsina(1− e)
rE= arcsin 0,3075 = 17,9◦
S
α1α2
rE
α
x
y
ab
d
Herleitung der Behauptung in der Angabe:
Die Tangente von der Erde an die Merkurbahnberuhrt die Merkurbahn in T und bildet mit der Ge-raden Erde-Sonne den Winkel α. Der Mittelpunktder Bahnellipse des Merkurs bildet den Ursprung ei-nes Koordinatensystems, die x-Achse zeigt zum Pe-rihel. Koordinaten der Erde:
xe und ye = −√r2E − (xe + d)2
mit d = (1 + e)a. Aus der Ellipsengleichung
x2
a2+
y2
b2= 1
S
T(x|y)
rE
xe
ye
x
y
E
α
d a
mit b =√a2 − d2 folgt fur die Gleichung der unteren Halfte der Merkurbahn:
y = f(x) = − b
a
√a2 − x2, f ′(x) =
bx
a√a2 − x2
Gleichung einer Tangente von E an die Merkurbahn:
f(x)− ye
x− xe= f ′(x) =⇒
(− b
a
√a2 − x2 − ye
)a√a2 − x2 = bx(x− xe)
−aye√a2 − x2 = b(a2 − xex) =⇒ a2y2e (a
2 − x2) = b2(a2 − xex)2
Umformen fuhrt auf die quadratische Gleichung
(a2y2e + b2x2e)x
2 − 2a2b2xex = a4(y2e − b2)
mit der Losung
x =a2
a2y2e + b2x2e
·[b2xe ± ye
√a2y2e + b2x2
e − a2b2]
17
2 Das Sonnensystem
Aus x kann man y = f(x) berechnen und kennt damit die Vektoren
−→ES = −
(xe + d
ye
)und
−→ET =
(x− xe
y − ye
).
Mit Hilfe des Skalarprodukts findet man
α = arccos
−→ES · −→ET
|−→ES| · |−→ET|
Druckt man in α die Großen x, y und ye durch xe aus, erhalt man den recht umfangreichenTerm fur α(xe). Den Term der Ableitung α′(xe) kann man nur noch als gigantisch bezeichnen.Mit den Mitteln der Analysis ist es also außerst umfangreich, die Gultigkeit von α′(a) = 0 zuzeigen.
Es gibt aber eine einfache elementargeometrische Methode zum Beweis der in der Angabegemachten Behauptung.
Merkur (M) sei an einer beliebigen Stelle und<) SME = 90◦. Fur jeden Punkt P auf demFasskreisbogen (Teil des Kreises durch S, Mund E unterhalb von SM) gilt <) MPS = α1,fur jeden Punkt außerhalb des Fasskreisbo-gens und unterhalb von SM gilt <) MPS < α1.Wegen α1 + α′
1 = 90◦ ist der Mittelpunkt desFasskreisbogens gleich dem Mittelpunkt derStrecke [SE]. Somit liegt die Erdbahn (bis aufE) vollstandig außerhalb des Fasskreisbogensund die Elongation des Merkurs ist im gezeich-neten Punkt E der Erdbahn am großten.:
sinα1 =SM
r
S M
r
2
r
2
r
2
α1
α1
α1
α′1α′
1
α′1
EErdbahn
Die absolut maximale Elongation erhalt man fur das maximale SM, d.h. fur SM = a+ d:
sinαmax =a+ d
r
2.1.2. Blickrichtungen von der Erde auf den Mars in einem zu den Fixsternen festen Koordinatensystemwahrend eines Jahres:
ωM =2π
TM
, ωE =2π
TE
Ort des Marses:
~rM (t) =
(−rM sinωM t
rM cosωM t
)
Ort der Erde:
~rE(t) =
(−rE sinωEt
rE cosωEt
)
Blickrichtung:−−→EM(t) = ~rM (t)− ~rE(t) =
=
(−rM sinωM t+ rE sinωEt
rM cosωM t− rE cosωEt
)
Winkel ϕ zwischen Blickrichtungund y-Achse:
x
y
18
2 Das Sonnensystem
tanϕ =rM cosωM t− rE cosωEt
−rM sinωM t+ rE sinωEt
t
Monϕ
−1−2−3 1 2 3 4 5 6
−10◦
−20◦
−30◦
−40◦
−50◦
−60◦
−70◦
−80◦
2.1.3. Hier muss man mit den”Jahren“ aufpassen:
1 a = aburg = 365,2425 · 24 · 3600 s = 31 556 952,00 s, asid = 31 558 149,53 s
Tsyn = 1 aburg 1 d 11 h 52min 14 s = 31 686 086 s
1
Tsid=
1
asid− 1
Tsyn
Tsid =1
1asid
− 1Tsyn
= 7 816 021 812 s = 247,68 a
2.1.4. (a) Naherung fur rd≪ 1:
1
(d± r)2=
1
d2(1± r
d
)2 ≈ 1
d2(1± 2r
d
) ≈ 1∓ 2rd
d2
Winkelgeschwindigkeit des Umlaufs fur M ≫ m:
mω2d =GMm
d2=⇒ ω2 =
GM
d3
FG1
FG2FZ1
FZ2
F2
m
2m
2
d
d− r d+ r
F1
x
Im mitrotierenden System, in dem der Mond ruht, wirken Gravitations- und Zentrifugalkrafteauf die Mondhalften:
FG1 = −GM · m2
(d− r)2≈ −GMm
2d2·(1 +
2r
d
)
FG2 = −GM · m2
(d+ r)2≈ −GMm
2d2·(1− 2r
d
)
FZ1 =m
2ω2(d− r) =
GMm
2d2·(1− r
d
)
FZ2 =m
2ω2(d+ r) =
GMm
2d2·(1 +
r
d
)
F1 = FG1 + FZ1 = −GMm
2d2· 3rd
F2 = FG2 + FZ2 =GMm
2d2· 3rd
Die beiden Mondhalften werden mit der Kraft
∆F = F2 − F1 =GMm
2d2· 6rd
=3GMmr
d3
auseinandergezogen. Der Mond wird zerrissen, wenn ∆F großer ist als die ihn zusammenhaltende Gravitationskraft:
3GMmr
d3>
G(m2
)2
(2r)2=
Gm2
16r2=⇒ d < r · 3
√48M
m=: dR
19
2 Das Sonnensystem
(b) M =4π
3PR
3, m = 2 · 4π3Mr3 =⇒ dR = R · 3
√24PM
= 2,88R 3
√P
M
In der Literatur werden oft die Zentrifugalkrafte nicht berucksichtigt:
∆F = FG2 − FG1 =2GMmr
d3=⇒ d′R = r · 3
√32M
m= R · 3
√16PM
= 2,52R 3
√P
M
Eine andere Moglichkeit zur Definition der Roche-Grenze: Ein Teilchen der Masse µ an der dem Pla-neten zugwandten Seite des Mondes wird abgelost,d.h. die Gesamtkraft auf das Teilchen im System desMondes ist null:
GMµ
(d− r)2= µω2(d− r) +
Gmµ
r2
FGP
µ
FZ1
m
2
d
d− r
FGM
x
GMµ
d2
(1 +
2r
d
)≈ GMµ
d2
(1− r
d
)+
Gmµ
r2
3GMµr
d3=
Gmµ
r2=⇒ d = dr = r · 3
√3M
m= R · 3
√3PM
= 1,44R 3
√P
M
(c) P = M =⇒ dR = 2,88R > dA
2.2 Eigenschaften der Planeten
2.2.1. leer
2.2.2. leer
2.2.3. leer
2.2.4. leer
2.3 Der Mond
2.3.1. leer
2.3.2. leer
20
2 Das Sonnensystem
2.3.3.aM = 3,844 · 108meM = 0,0549
RM = 1,738 · 106maS = 1,496 · 1011meS = 0,0167
RS = 6,96 · 108m
RSRM
RE
RE
A
A B
C
C
D
E
F
G
Sonne
Mond
Erde
x
z
ab
ϕ
ϕprp
rM
γ
rS
c
Kernschatten
Halbschatten
β
y
(a) rM,min = aM(1 − eM) = 3,633 · 108m , rM,max = aM(1 + eM) = 4,055 · 108 m
δM,min = 2 arctanRM
rM,max= 0,4911◦ , δM,max = 2 arctan
RM
rM,min −RE= 0,5580◦
(b) rS,min = aS(1− eS) = 3,633 · 108m , rS,max = aS(1 + eS) = 4,055 · 108m
δS,min = 2 arctanRS
rS,max= 0,5244◦ , δS,max = 2 arctan
RS
rS,min −RE= 0,5422◦
(c) Kleinster Mond, großte Sonne:δ2M,min
δ2S,max
= 0,820 = 82,0%
(d) Aus den Bedingungen der Angabe folgt die Situation in den Abbildungen.
z = rS,min − rM,max,x
x− z=
RS
RM=⇒ x = 1,521 · 1011 m
ϕ = arcsinRS
x, y = x−RS,max +RE, r = y · ϕ = 105 km
v =rS,max − rE
rS,max − rM,min·√γ ME
(2
rM,min− 1
aM
)− 2 π
1 d·RE = 615
m
s
∆ttotal =2 r
v= 341 s
a = 3,780 · 108m, b = 1,514 · 1011m, c = 7,412 · 108m, ϕp = 0,2635◦
γ = arcsinc sinϕp
RE= 32,304◦, β = 180◦ − γ − ϕp = 147,433◦
Radius des partiellen Sichtbarkeitsbereichs: rp = RE sinβ = 3433 km
21
2 Das Sonnensystem
2.3.4.
x
y
x
y
2.4 Allerlei Kleinzeug
2.4.1. leer
2.4.2. leer
2.4.3. leer
22
2 Das Sonnensystem
2.5 Nutzliches aus der Theorie der Warme und der Strahlung
2.5.1. Absorbierte Leistung:
PA = (1−A) · R2 π · L⊙
4 π r2= 1−A) ·R2 π · σ · R2
⊙ · T 4⊙
r2
Emittierte Leistung:PE = σ εP · 4R2 π · T 4 = PA =⇒
T = T⊙ ·(1−A
εP
) 14
·√
R⊙
2 r
Mit R⊙ = 6,96 · 108m und r = rJup = 7,78 · 1011m folgt
TEuropa = 95K, TCallisto = 116K
2.5.2.
T = T⊙ ·(1−A
εP
) 14
·√
R⊙
2 r=
{88K fur εP = 1105K fur εP = 0,5
Treal =2,898 · 10−3mK
22,3 · 10−6m= 130K
Eigenwarme des Jupiters!
2.5.3. (a) TR =2,898 · 10−3mK
λmax= 1,23 · 104K
L = σ · 4π(19R⊙)2T 4
R = 2,9 · 1030W
(b) E =L
4πr2=⇒ r =
√L
4πE= 8,5 · 1018m = 900 LJ
(c) Erdahnlich: A = 0,37, ε = 0,6, T = 282K.
T = TR ·(1−A
ε
) 14
·√
R
2 r=⇒ r =
RT 2R
2T 2
√1−A
ε= 1,29 · 1013 m = 86AE
t =
√4π2r3
GM= 5,64 · 109 s = 179 a
(d) T ′ = TR ·(1−A
ε
) 14
·√
R
2AE= T
√r
AE= 2,6 · 103K
2.5.4. (a) Flache Pupille: A0 = (4mm)2π = 5,0 · 10−5m2
Intensitat am Ort des Auges: E0 =104hf
A0 s= 6,6 · 10−11 W
m2
Intensitat der Sonnenstrahlung am Ort der Erde: ES = 1400 Wm2
E(r)
E(1AE)=
E0
ES=
1AE2
r2=⇒ r = 1AE
√1400
6,6 · 10−11= 6,9 · 1017m = 73LJ
(b) E(r) = ES · 1AE2
r2= 3,9 · 10−18 W
m2
Mit dem Objektivradius R des Teleskops gilt
E(r) · R2π = E0A0 =⇒ D = 2R = 2
√E0A0
πE(r)≈ 33m
Auge durch Fotoplatte oder Bildsensor ersetzen und lange belichten!
23
2 Das Sonnensystem
2.5.5. (a) Mit L⊙ = 3,84 · 1026W und r = 1AE = 1,496 · 1011m ist
E(r) =L⊙
4πr2= 1367
W
m2
m = −2,5m · lg E(r)
E∗= −26,85m
Mit r0 = 10 pc = 3,086 · 1017m ist
M = m+ 5m · lg r0
r= 4,72m
(b) m−M = 5m · lg r
r0=⇒ r = r0 · 10
m−M
5m
m = 7m =⇒ r = 28,6 pc = 8,82 · 1017m = 93LJ
m = 24m =⇒ r = 7,2 · 103 pc = 2,2 · 1021 m = 2,3 · 105 LJ
(c) r = 8,82 · 1017m =⇒ E(r) = 1367W
m2· AE
2
r2= 3,93 · 10−11 W
m2
Auf die Pupillenflache Ap =πD2
4= 7,85 · 10−5m2 trifft die Leistung
Pp = E(r) ·Ap = 3,09 · 10−15 W
Mit der Photonenenergie
Wγ = hf =hc
λ= 3,61 · 10−19 J
entspricht das
n =Pp
Wγ
= 8,55 · 103 Photonen
s
(d) Die Intensitat des Sterns mit m = 24m am Ort des Beobachters ist E1:
m = −2,5m · lg E1
E∗=⇒ E1 = E∗ · 10− m
2,5m = 6,23 · 10−18 W
m2
In die Pupille muss die Leistung (siehe (c)) Pp = 3,09 · 10−15W einfallen:
E1 ·D′2π
4= P =⇒ D′ =
√4P
πE1= 25m
Lange Belichtungszeiten bei fotografischer Aufnahme.
(e) Mit freiem Auge (m1 = 7m):
E1 = 3,93 · 10−11 W
m2=
100W
4πr21=⇒ r1 =
√100W
4πE1= 450 km
Mit Teleskop (m2 = 24m):
m1 −m2 = −17m = −2,5m · lg E1
E2=⇒ E2 =
E1
106,8= 6,23 · 10−18 W
m2
E2 =100W
4πr22=⇒ r2 =
√100W
4πE2= 1,1 · 106 km
Oder:
m1 −m2 = −17m = −2,5m · lg E1
E2= −2,5m · lg r22
r21= −5m lg
r2
r1=⇒
r2 = r1 · 103,4 = 1,1 · 106 km
2.5.6. (a) m1 −m2 = −2,5m lg10E
E= −2,5m =⇒ sie wird um 2,5m kleiner
24
2 Das Sonnensystem
(b) E = 2,48 · 10−8 W
m2· 10−
2,22,5 = 3,3 · 10−9 W
m2,
1367 Wm2
E= 4,2 · 1011
2.5.7. m−M = 5m · lg r
r0=⇒ r = r0 · 10
m−M
5m = 10 pc · 10−0,58 = 2,6 pc = 8,1 · 1016m = 8,6 LJ
2.5.8. m−M = 5m lgr
r0=⇒ M = m− 5m lg
r
r0
Mit r = r′ LJ und r0 = 10 pc = 32,6 LJ folgt M = m− 5m lgr′
32,6.
Stern m r in LJ M
Arctur 0,0m 37 −0,3Capella 0,1m 42 −0,4Rigel 0,1m 900 −7,1Mizar 2,3m 78 +0,4
2.5.9. Auf Jupiter trifft die Leistung
P =L⊙
4πr2J· R2
Jπ =1
4L⊙
R2J
r2J
Wenn alles gleichmassig in den Halbraum abgestrahlt wird, ist die effektive Leuchtkraft von Jupiter
L = 2AP =1
2AL⊙
R2J
r2J
Mit der Entfernung Erde-Jupiter
r = rJ − rE = 4,20AE = 6,28 · 1011m
ist die Intensitat des Jupiters am Ort der Erde
E =L
4πr2=
AL⊙R2J
8πr2r2J= 2,38 · 10−7 W
m2
Unter der Annahme, dass das von Jupiter wieder abgestrahlte Licht die gleiche spektrale Zusam-mensetzung hat wie das Sonnenlicht, gilt mit E∗ = E∗
⊙ = 24,8 · 10−9 Wm2
m = −2,5m · lg E
E∗= −2,46m
2.5.10. (a) Lyman λ21 = 121,5 nm λ31 = 102,5 nm λ41 = 97,2 nm λ∞1 = 91,1 nmBalmer λ32 = 656 nm λ42 = 486 nm λ52 = 434 nm λ∞2 = 365nmPaschen λ43 = 1875nm λ53 = 1281nm λ63 = 1094nm λ∞3 = 820nmBrackett λ54 = 4050nm λ64 = 2624nm λ74 = 2165nm λ∞4 = 1458nm
Im Sichtbaren liegen nur Linien der Balmerserie, aber nicht alle:
λm2 =1
R∞
(14 − 1
m2
) > 385 nm =⇒ 1
4− 1
m2<
1
R∞ · 3,85 · 10−7m= 0,23669
1
m2> 0,01331 =⇒ m <
√1
0,01019= 8,7
Es sind also sechs Linien sichtbar: λ32 (Hα) bis λ82 = 389 nm (Hζ). λ92 = 383 nm liegt schonim UV. Die Balmerlinien werden mit griechischen Buchstaben bezeichnet (α, β, γ, δ, ε, ζ, η...).
(b) Galaxis 1: λ1 = 729 nm, λ2 = 615 nm, λ3 = 583 nm, λ4 = 570 nm
λ1
λ2= 1,19 =
λ21
λ31,
λ1
λ3= 1,25 =
λ21
λ41,
λ1
λ4= 1,28 =
λ21
λ51=⇒ Lyman
λ1 = λ21
√1 + β
1− β=⇒ 1 + β
1− β=
λ21
λ221
= k2 = 36 =⇒ β =k2 − 1
k2 + 1= 0,946
25
2 Das Sonnensystem
Galaxis 2: λ′1 = 729 nm, λ′
2 = 651 nm, λ′3 = 615 nm, λ′
4 = 595 nm, λ′5 = 583 nm, λ′
6 = 575 nm,λ′7 = 570 nm
λ′1
λ′2
= 1,120 =λ42
λ52,
λ′1
λ′3
= 1,185 =λ42
λ62,
λ1
λ4= 1,225 ≈ λ42
λ72=⇒ Balmer
λ′
1 = λ42
√1 + β
1− β=⇒ 1 + β
1− β=
λ′21
λ242
= k2 =9
4=⇒ β =
k2 − 1
k2 + 1= 0,385
2.5.11. (a) Geschwindigkeiten von A und B relativ zur Erde: vA = βAc und vB = βBc
λA = λ0
√1 + βA
1− βA=⇒ βA =
λ2A − λ2
0
λ2A + λ2
0
= 4,803 · 10−3
vA = βAc = 1,440 · 106 m
s
analog: βB =λ2B − λ2
0
λ2B + λ2
0
= 2,468 · 10−3, vB = βBc = 0,740 · 106 m
s< vA
=⇒ B bewegt sich im System der Galaxie auf die Erde zu.
v =vA + vB
2= 1,090 · 106 m
s
(b) vR = vA − v = v − vB = 3,500 · 105 m
s
(c) Winkelgroße der Galaxie: ϕ = 2 · tan−1 R
r= 0,14◦ = 8,5′
Winkelgroße des Mondes: ϕM = 2 · tan−1 RM
rM= 0,52◦ = 31′
(d) Mit r0 = 10 pc = 3,086 · 1017m folgt fur die absolute Helligkeit M der Galaxie
m−M = 5m · lg r
r0=⇒ M = m− 5m · lg r
r0= −20,7m
Mit der absoluten Helligkeit M⊙ = 4,72m folgt fur die Leuchtkraft der Galaxie
L
L⊙
= 10M−M⊙
2,5m = 1,5 · 1010
mS ≈ L
L⊙
·m⊙ = 3, 1 · 1040 kg
Fur eine Stern der Masse µ am Rande der Galaxis gilt
µv2RR
=Gµm′
S
R2=⇒ m′
S =Rv2RG
= 6,3 · 1041 kg ≈ 20mS
Wir haben nicht berucksichtigt, dass Licht von der dem Beobachter abgewandten Seite derGalaxis in der Galaxis absorbiert wird. Dadurch musste L und damit mS großer und das
Verhaltnism′
S
mSkleiner als 20 sein. Das tatsachliche Verhaltnis
m′S
mSliegt bei ungefahr 6,5.
Galaxien bestehen also neben der sichtbaren Materie (den uns bekannten Atomen) noch aussogenannter dunkler Materie der Masse mD mit
m′S
mS=
m′S
m′S −mD
= 6,5 =⇒ mD
m′S
= 1− 1
6,5= 0,85
Nur etwa 15% der Masse einer Galaxie bestehen also aus der uns bekannten (baryonischen)Materie.
26
3 GK Astronomie - Aufgaben
3 Sterne
3.1 Gravitationsenergie
3.1.1. (a)
(b)
(c)
3.1.2.
3.2 Druck und Temperatur in Sternen
3.2.1.
3.2.2.
3.3 Energieerzeugung in Sternen
3.3.1.
3.3.2.
3.3.3. (a) mS −MS = 5 lgrS
10 pc=⇒ MS = mS − 5 lg
2,63 pc
10 pc= 1,4
LS
L⊙
= 100,4(M⊙−MS) = 100,4·(4,8−1,4) = 101,36 = 23
LS = 23L⊙ = 23 · 3,82 · 1026W = 8,8 · 1027W(b) Pro Reaktion wird die Energie ∆W ′ frei:
∆W ′ = (4mH1 −mHe4) c2 = 0,0287 uc2 = 4,28 · 10−12 J = 26,7MeV
∆W = ∆W ′ − 0,5MeV = 26,2MeV = 4,20 · 10−12 J
Die Zahl der H-Kerne, die pro Sekunde fusionieren, ist N = 4 · LS · 1 s∆W
= 8,37 · 1039.
Die Masse des Wasserstoffs ist damit mH = N ·mp = 1,4 · 1013 kg = 1,4 · 1010 t.
(c) Wien =⇒ TS =2,8978 · 10−3m ·K
λ= 1,1 · 104K
LS = σ · 4πR2S · T 4
S =⇒ RS =
√LS
4πσT 4S
= 9,2 · 108m
(d)µS
µ⊙
=
(LS
L⊙
) 13
= 2313 = 2,8
3.3.4.
27